单调收敛定理 | 您所在的位置:网站首页 › 收敛的数学 › 单调收敛定理 |
这个定理是前一个定理的推广,也许就是最重要的单调收敛定理。 定理设( X, A, μ {\displaystyle \mu } )为一个测度空间。若序列 f 1 , f 2 , … {\displaystyle f_{1},f_{2},\ldots } 为定义域是 X {\displaystyle X} ,对应域是 [ 0 , ∞ ) {\displaystyle [0,\infty )} 的 μ {\displaystyle \mu } -可测单调递增函数序列。也就是说 ∀ x ∈ X , k ∈ N {\displaystyle \forall x\in X,\,k\in \mathbb {N} } ,有 0 ≤ f k ( x ) ≤ f k + 1 ( x ) {\displaystyle 0\leq f_{k}(x)\leq f_{k+1}(x)} 。接着,设序列 { f n } {\displaystyle \{f_{n}\}} 的逐点极限为 f {\displaystyle f} 。也就是说 ∀ x ∈ X , {\displaystyle \forall x\in X,} f ( x ) := lim k → ∞ f k ( x ) {\displaystyle f(x):=\lim _{k\to \infty }f_{k}(x)} 。则 f {\displaystyle f} 会是 μ {\displaystyle \mu } -可测函数,且: lim k → ∞ ∫ X f k d μ = ∫ X f d μ {\displaystyle \lim _{k\to \infty }\int _{X}f_{k}\,d\mu =\int _{X}f\,d\mu } 。(参见[2]第21.38节)注意其积分值不一定是有限值,也就是左右两边可能都是无限大。 证明我们首先证明f是 μ {\displaystyle \mu } -可测函数。为此,只需证明区间[0,t]在f下的原像是X上的σ代数A的一个元素。设I为 [ 0 , ∞ ] {\displaystyle [0,\infty ]} 的一个子区间。那么: f − 1 ( I ) = { x ∈ X | f ( x ) ∈ I } {\displaystyle f^{-1}(I)=\{x\in X|f(x)\in I\}} 。另一方面,由于[0,t]是闭区间,因此: f ( x ) ∈ I ⇔ f k ( x ) ∈ I , ∀ k ∈ N {\displaystyle f(x)\in I\Leftrightarrow f_{k}(x)\in I,~\forall k\in \mathbb {N} } 。所以: { x ∈ X | f ( x ) ∈ I } = ⋂ k ∈ N { x ∈ X | f k ( x ) ∈ I } {\displaystyle \{x\in X|f(x)\in I\}=\bigcap _{k\in \mathbb {N} }\{x\in X|f_{k}(x)\in I\}} 。注意可数交集中的每一个集合都是A的一个元素,这是因为它是一个波莱尔子集在 μ {\displaystyle \mu } -可测函数 f k {\displaystyle f_{k}} 下的原像。由于根据定义,σ代数在可数交集下封闭,因此这便证明了f是 μ {\displaystyle \mu } -可测的。需要注意的是,一般来说,任何可测函数的最小上界也是可测的。 现在我们证明单调收敛定理的余下的部分。f是 μ {\displaystyle \mu } -可测的事实,意味着表达式 ∫ f d μ {\displaystyle \int fd\mu } 是定义良好的。 我们从证明 ∫ f d μ ≥ lim k ∫ f k d μ {\displaystyle \int fd\mu \geq \lim _{k}\int f_{k}d\mu } 开始。 根据勒贝格积分的定义, ∫ f d μ = s u p { ∫ g d μ | g ∈ S F , g ≤ f } {\displaystyle \int fd\mu =sup\{\int gd\mu |g\in SF,g\leq f\}} ,其中SF是X上的 μ {\displaystyle \mu } -可测简单函数的交集。由于在每一个 x ∈ X {\displaystyle x\in X} ,都有 f k ( x ) ≤ f ( x ) {\displaystyle f_{k}(x)\leq f(x)} ,我们便有: { ∫ g d μ | g ∈ S F , g ≤ f k } ⊆ { ∫ g d μ | g ∈ S F , g ≤ f } . {\displaystyle \left\{\int gd\mu |g\in SF,g\leq f_{k}\right\}\subseteq \left\{\int gd\mu |g\in SF,g\leq f\right\}.}因此,由于一个子集的最小上界不能大于整个集合的最小上界,我们便有: ∫ f d μ ≥ lim k ∫ f k d μ . {\displaystyle \int fd\mu \geq \lim _{k}\int f_{k}d\mu .} 右面的极限存在,因为序列是单调的。 我们现在证明另一个方向的不等式(也可从法图引理推出),也就是说,我们来证明: ∫ f d μ ≤ lim k ∫ f k d μ . {\displaystyle \int fd\mu \leq \lim _{k}\int f_{k}d\mu .}从积分的定义可以推出,存在一个非负简单函数的非递减序列gn,它几乎处处逐点收敛于f,且: lim k ∫ g k d μ = ∫ f d μ . {\displaystyle \lim _{k}\int g_{k}d\mu =\int fd\mu .}只需证明对于每一个 k ∈ N {\displaystyle k\in \mathbb {N} } ,都有: ∫ g k d μ ≤ lim j ∫ f j d μ {\displaystyle \int g_{k}d\mu \leq \lim _{j}\int f_{j}d\mu }这是因为如果这对每一个k都成立,那么等式左端的极限也将小于或等于等式右端。 我们证明如果gk是简单函数,且 lim j f j ( x ) ≥ g k ( x ) {\displaystyle \lim _{j}f_{j}(x)\geq g_{k}(x)}几乎处处,则: lim j ∫ f j d μ ≥ ∫ g k d μ . {\displaystyle \lim _{j}\int f_{j}d\mu \geq \int g_{k}d\mu .}由于积分是线性的,我们可以把函数 g k {\displaystyle g_{k}} 分拆成它的常数部分,化为 g k {\displaystyle g_{k}} 是σ代数A的一个元素B的指示函数的情况。在这种情况下,我们假设 f j {\displaystyle f_{j}} 是一个可测函数的序列,它在B的每一个点的最小上界都大于或等于一。 为了证明这个结果,固定 ϵ > 0 {\displaystyle \epsilon >0} ,并定义可测集合的序列: B n = { x ∈ B : f n ( x ) ≥ 1 − ϵ } . {\displaystyle B_{n}=\{x\in B:f_{n}(x)\geq 1-\epsilon \}.}根据积分的单调性,可以推出对于任何的 n ∈ N {\displaystyle n\in \mathbb {N} } ,都有: μ ( B n ) ( 1 − ϵ ) = ∫ ( 1 − ϵ ) 1 B n d μ ≤ ∫ f n d μ {\displaystyle \mu (B_{n})(1-\epsilon )=\int (1-\epsilon )1_{B_{n}}d\mu \leq \int f_{n}d\mu }根据 lim j f j ( x ) ≥ g k ( x ) {\displaystyle \lim _{j}f_{j}(x)\geq g_{k}(x)} 的假设,对于足够大的n,任何B内的x都将位于 B n {\displaystyle B_{n}} 内,因此: ⋃ n B n = B {\displaystyle \bigcup _{n}B_{n}=B} 。所以,我们有: ∫ g k d μ = ∫ 1 B d μ = μ ( B ) = μ ( ⋃ n B n ) . {\displaystyle \int g_{k}d\mu =\int 1_{B}d\mu =\mu (B)=\mu (\bigcup _{n}B_{n}).}利用测度的单调性,可得: μ ( ⋃ n B n ) = lim n μ ( B n ) ≤ lim n ( 1 − ϵ ) − 1 ∫ f n d μ {\displaystyle \mu (\bigcup _{n}B_{n})=\lim _{n}\mu (B_{n})\leq \lim _{n}(1-\epsilon )^{-1}\int f_{n}d\mu }取 k → ∞ {\displaystyle k\rightarrow \infty } ,并利用这对任何正数 ϵ {\displaystyle \epsilon } 都正确的事实,定理便得证。 |
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