实对称矩阵必可相似对角化的证明 |
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假设 n = k - 1 时成立 当 n = k 时,假设其中一个特征值为 λ 1 \lambda_1 λ1,由引理1可知, λ 1 \lambda_1 λ1必为实数,可以找到它对应的特征向量中的一个单位向量 η 1 \eta_1 η1。另外再可以找到一个正交阵 T = ( η 1 , η 2 , ⋯ , η n ) T=(\eta_1,\eta_2,\cdots,\eta_n) T=(η1,η2,⋯,ηn)。 T − 1 A T = ( T − 1 A η 1 , T − 1 A η 2 , ⋯ , T − 1 A η n ) T^{-1} A T = (T^{-1}A \eta_1, T^{-1}A \eta_2,\cdots, T^{-1} A \eta_n) T−1AT=(T−1Aη1,T−1Aη2,⋯,T−1Aηn) 其中, A η 1 = λ 1 η 1 A\eta_1=\lambda_1\eta_1 Aη1=λ1η1,所以 T − 1 A T T^{-1}AT T−1AT 可以表示为: T − 1 A T = ( T − 1 λ 1 η 1 , T − 1 A η 2 , ⋯ , T − 1 A η n ) T^{-1} A T = (T^{-1}\lambda_1 \eta_1, T^{-1}A \eta_2,\cdots, T^{-1} A \eta_n) T−1AT=(T−1λ1η1,T−1Aη2,⋯,T−1Aηn) 根据正交矩阵的定义, T − 1 T = E T^{-1}T = E T−1T=E,即: ( T − 1 η 1 , T − 1 η 2 , ⋯ , T − 1 η n ) = E (T^{-1}\eta_1,T^{-1}\eta_2,\cdots,T^{-1}\eta_n) = E (T−1η1,T−1η2,⋯,T−1ηn)=E 由此可得: T − 1 η 1 = ( 1 , 0 , ⋯ , 0 ) T T − 1 η 2 = ( 0 , 1 , ⋯ , 0 ) T ⋯ T − 1 η n = ( 0 , 0 , ⋯ , 1 ) T T^{-1}\eta_1 = (1,0,\cdots,0)^T\\ T^{-1}\eta_2 = (0,1,\cdots,0)^T\\ \cdots\\ T^{-1}\eta_n = (0,0,\cdots,1)^T T−1η1=(1,0,⋯,0)TT−1η2=(0,1,⋯,0)T⋯T−1ηn=(0,0,⋯,1)T 则: T − 1 A T = ( T − 1 λ 1 η 1 , T − 1 A η 2 , ⋯ , T − 1 A η n ) = ( λ 1 T − 1 η 1 , T − 1 A η 2 , ⋯ , T − 1 A η n ) = [ λ 1 α 2 ⋯ α n ⋮ 0 P n − 1 ⋮ ] \begin{align*} T^{-1} A T &= (T^{-1}\lambda_1 \eta_1, T^{-1}A \eta_2,\cdots, T^{-1} A \eta_n)\\ & = (\lambda_1T^{-1} \eta_1, T^{-1}A \eta_2,\cdots, T^{-1} A \eta_n) \\ & = \begin{bmatrix} \lambda_1&\alpha_2&\cdots&\alpha_n&\\ \vdots&&&&\\ 0&&P_{n-1}&&\\ \vdots&& &&\\ \end{bmatrix} \end{align*} T−1AT=(T−1λ1η1,T−1Aη2,⋯,T−1Aηn)=(λ1T−1η1,T−1Aη2,⋯,T−1Aηn)= λ1⋮0⋮α2⋯Pn−1αn 由于 A A A 为实对称矩阵,所以 A T = A A^T = A AT=A,由于 T T T 为正交矩阵,所以 T − 1 = T T T^{-1} = T^T T−1=TT,则: ( T − 1 A T ) T = T T A T ( T − 1 ) T = T − 1 A ( T T ) T = T − 1 A T \begin{align*} (T^{-1}AT)^T & = T^TA^T(T^{-1})^T \\ & = T^{-1}A(T^T)^T \\ & = T^{-1}A T \end{align*} (T−1AT)T=TTAT(T−1)T=T−1A(TT)T=T−1AT 也就是 T − 1 A T T^{-1} A T T−1AT 也是实对称矩阵,所以向量 ( α 2 , ⋯ , α n ) = 0 (\alpha_2,\cdots,\alpha_n)=0 (α2,⋯,αn)=0,且 P P P 为 n − 1 n-1 n−1 阶实对称矩阵。 根据假设,存在可逆矩阵 T 2 T_2 T2 使得 T 2 − 1 P T 2 = ∧ n − 1 T_2^{-1}P T_2 = \wedge_{n-1} T2−1PT2=∧n−1。 所以我们就可以找到一个可逆矩阵 T f T_f Tf ( T f T_f Tf必然可逆,因为 ∣ T f ∣ = ∣ T 2 ∣ ≠ 0 |T_f|=|T_2|\neq 0 ∣Tf∣=∣T2∣=0): T f = T [ 1 ⋯ 0 ⋯ ⋮ 0 T 2 ⋮ ] T f − 1 = [ 1 ⋯ 0 ⋯ ⋮ 0 T 2 − 1 ⋮ ] T − 1 T f − 1 A T f = [ 1 ⋯ 0 ⋯ ⋮ 0 T 2 − 1 ⋮ ] T − 1 A T [ 1 ⋯ 0 ⋯ ⋮ 0 T 2 ⋮ ] = [ 1 ⋯ 0 ⋯ ⋮ 0 T 2 − 1 ⋮ ] [ λ 1 ⋯ 0 ⋯ ⋮ 0 P n − 1 ⋮ ] [ 1 ⋯ 0 ⋯ ⋮ 0 T 2 ⋮ ] = [ λ 1 ⋯ 0 ⋯ ⋮ 0 T 2 − 1 P n − 1 T 2 ⋮ ] = [ λ 1 ⋯ 0 ⋯ ⋮ 0 ∧ n − 1 ⋮ ] \begin{align*} T_f &= T\begin{bmatrix} 1 & \cdots& 0 & \cdots& \\ \vdots&& && \\ 0 & & T_2 && \\ \vdots&& && \\ && && \end{bmatrix} \\ T_f^{-1} &=\begin{bmatrix} 1 & \cdots& 0 & \cdots& \\ \vdots&& && \\ 0 & & T_2^{-1} && \\ \vdots&& && \\ && && \end{bmatrix} T^{-1}\\ T_f^{-1}AT_f & =\begin{bmatrix} 1 & \cdots& 0 & \cdots& \\ \vdots&& && \\ 0 & & T_2^{-1} && \\ \vdots&& && \\ && && \end{bmatrix}T^{-1} A T \begin{bmatrix} 1 & \cdots& 0 & \cdots& \\ \vdots&& && \\ 0 & & T_2 && \\ \vdots&& && \\ && && \end{bmatrix} \\ &= \begin{bmatrix} 1 & \cdots& 0 & \cdots& \\ \vdots&& && \\ 0 & & T_2^{-1} && \\ \vdots&& && \\ && && \end{bmatrix} \begin{bmatrix} \lambda_1&\cdots&0&\cdots\\ \vdots&&&&\\ 0&&P_{n-1}&&\\ \vdots&& &&\\ && && \end{bmatrix} \begin{bmatrix} 1 & \cdots& 0 & \cdots& \\ \vdots&& && \\ 0 & & T_2 && \\ \vdots&& && \\ && && \end{bmatrix} \\ &= \begin{bmatrix} \lambda_1 & \cdots& 0 & \cdots& \\ \vdots&& && \\ 0 & & T_2^{-1}P_{n-1}T_2 && \\ \vdots&& && \\ && && \end{bmatrix} \\ &= \begin{bmatrix} \lambda_1 & \cdots& 0 & \cdots& \\ \vdots&& && \\ 0 & & \wedge_{n-1}&& \\ \vdots&& && \\ && && \end{bmatrix} \end{align*} TfTf−1Tf−1ATf=T 1⋮0⋮⋯0T2⋯ = 1⋮0⋮⋯0T2−1⋯ T−1= 1⋮0⋮⋯0T2−1⋯ T−1AT 1⋮0⋮⋯0T2⋯ = 1⋮0⋮⋯0T2−1⋯ λ1⋮0⋮⋯0Pn−1⋯ 1⋮0⋮⋯0T2⋯ = λ1⋮0⋮⋯0T2−1Pn−1T2⋯ = λ1⋮0⋮⋯0∧n−1⋯ 这就得到了A的相似对角阵了。 事实上,这个证明不仅证明了实对称矩阵必可相似对角化,还证明了实对称矩阵必可以使用正交矩阵相似对角化。 但是我感觉数学归纳法并没有触及到实对称矩阵可以相似对角化的本质,触及灵魂的证明我还在思考和寻找中。 |
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