变上限积分函数的等价无穷小代换不能乱用 |
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变上限积分函数的等价无穷小代换不能乱用,这里有些老师讲课的时候都没有注意到,变上限积分函数等价无穷小代换的前提条件。 以下结论是错误的x → 0 x\rightarrow 0 x→0时, g ( x ) ∼ h ( x ) g(x) \sim h(x) g(x)∼h(x),且 l i m x → 0 f ( x ) = 0 \mathop{\rm lim}\limits_{x \to 0} {f(x)} = 0 x→0limf(x)=0,则有 ∫ 0 g ( x ) f ( t ) d t ∼ ∫ 0 h ( x ) f ( t ) d t \int_0^{g(x)} f(t) \mathrm{d} t \sim \int_0^{h(x)} f(t) \mathrm{d} t ∫0g(x)f(t)dt∼∫0h(x)f(t)dt 一个“假”的反例有小伙伴认为,如果 g ( x ) = x 2 + x 3 sin 1 x , h ( x ) = x 2 , f ( x ) = x g(x)=x^2+x^3 \sin \frac{1}{x}, h(x)=x^2, f(x)=x g(x)=x2+x3sinx1,h(x)=x2,f(x)=x 可以得到 lim x → 0 ∫ 0 g ( x ) f ( t ) d t ∫ 0 h ( x ) f ( t ) d t = lim x → 0 g ( x ) h ( x ) ⋅ g ′ ( x ) h ′ ( x ) = lim x → 0 3 x 2 sin 1 x − x cos 1 x + 2 x 2 x \lim _{x \rightarrow 0} \frac{\int_0^{g(x)} f(t) \mathrm{d} t}{\int_0^{h(x)} f(t) \mathrm{d} t}=\lim _{x \rightarrow 0} \frac{g(x)}{h(x)} \cdot \frac{g^{\prime}(x)}{h^{\prime}(x)}=\lim _{x \rightarrow 0} \frac{3 x^2 \sin \frac{1}{x}-x \cos \frac{1}{x}+2 x}{2 x} x→0lim∫0h(x)f(t)dt∫0g(x)f(t)dt=x→0limh(x)g(x)⋅h′(x)g′(x)=x→0lim2x3x2sinx1−xcosx1+2x 极限“不存在”就说这是一个反例。实际上这是一个“假”的反例,事实上 lim x → 0 ∫ 0 g ( x ) − h ( x ) f ( t ) d t ∫ 0 h ( x ) f ( t ) d t = lim x → 0 ∫ 0 x 3 sin 1 x t d t ∫ 0 x 2 t d t = lim x → 0 1 2 x 6 sin 2 1 x 1 2 x 4 = 0 \lim _{x \rightarrow 0} \frac{\int_0^{g(x)-h(x)} f(t) \mathrm{d} t}{\int_0^{h(x)} f(t) \mathrm{d} t}=\lim _{x \rightarrow 0} \frac{\int_0^{x^3 \sin \frac{1}{x}} t \mathrm{~d} t}{\int_0^{x^2} t \mathrm{~d} t}=\lim _{x \rightarrow 0} \frac{\frac{1}{2} x^6 \sin ^2 \frac{1}{x}}{\frac{1}{2} x^4}=0 x→0lim∫0h(x)f(t)dt∫0g(x)−h(x)f(t)dt=x→0lim∫0x2t dt∫0x3sinx1t dt=x→0lim21x421x6sin2x1=0 也就是说 lim x → 0 ∫ 0 g ( x ) f ( t ) d t ∫ 0 h ( x ) f ( t ) d t = 1 \lim _{x \rightarrow 0} \frac{\int_0^{g(x)} f(t) \mathrm{d} t}{\int_0^{h(x)} f(t) \mathrm{d} t}=1 x→0lim∫0h(x)f(t)dt∫0g(x)f(t)dt=1 真正的反例lim x → 0 ∫ 0 x e − 1 t 2 d t ∫ 0 sin x e − 1 t 2 d t = lim x → 0 e − 1 x 2 e − 1 sin 2 x ⋅ cos x = lim x → 0 e 1 sin 2 x − 1 x 2 = e l i m x → 0 x 2 − sin 2 x x 4 = e 1 3 ≠ 1 \begin{aligned} \lim _{x \rightarrow 0} \frac{\int_0^x \mathrm{e}^{-\frac{1}{t^2}} \mathrm{~d} t}{\int_0^{\sin x} \mathrm{e}^{-\frac{1}{t^2} \mathrm{~d} t}} & =\lim _{x \rightarrow 0} \frac{\mathrm{e}^{-\frac{1}{x^2}}}{\mathrm{e}^{-\frac{1}{\sin ^2 x} }\cdot \cos x} \\ & =\lim _{x \rightarrow 0} \mathrm{e}^{\frac{1}{\sin ^2 x}-\frac{1}{x^2}}=\mathrm{e}^{\mathop{\rm lim}\limits_{x \to 0} \frac{x^2-\sin ^2 x}{x^4}} \\ & =\mathrm{e}^{\frac{1}{3}} \neq 1 \end{aligned} x→0lim∫0sinxe−t21 dt∫0xe−t21 dt=x→0lime−sin2x1⋅cosxe−x21=x→0limesin2x1−x21=ex→0limx4x2−sin2x=e31=1 这个被积函数是怎么想出来的呢?我们先看一个结论的证明。 变上限积分函数的等价无穷小代换的结论和证明当 x → 0 x\rightarrow 0 x→0时, g ( x ) ∼ h ( x ) g(x) \sim h(x) g(x)∼h(x),且 l i m x → 0 g ′ ( x ) h ′ ( x ) = 1 \mathop{\rm lim}\limits_{x \to 0} \frac{g^{\prime}(x)}{h^{\prime}(x)}=1 x→0limh′(x)g′(x)=1(这个条件给的很强,比如前面的“假”的反例就不满足,不过考研当中经常可以满足),且在 x = 0 x=0 x=0的某去心邻域内 g ( x ) ≠ 0 , h ( x ) ≠ 0 g(x) \neq 0, h(x) \neq 0 g(x)=0,h(x)=0,则有 ∫ 0 g ( x ) t m d t ∼ ∫ 0 h ( x ) t m d t , m > 0 \int_0^{g(x)} t^m \mathrm{~d} t \sim \int_0^{h(x)} t^m \mathrm{~d} t, m>0 ∫0g(x)tm dt∼∫0h(x)tm dt,m>0 其中 m > 0 m>0 m>0, 证明: lim x → 0 ∫ 0 g ( x ) t m d t ∫ 0 h ( x ) t m d t = lim x → 0 [ g ( x ) h ( x ) ] m g ′ ( x ) h ′ ( x ) = 1 \lim _{x \rightarrow 0} \frac{\int_0^{g(x)} t^m \mathrm{~d} t}{\int_0^{h(x)} t^m \mathrm{~d} t}=\lim _{x \rightarrow 0}\left[\frac{g(x)}{h(x)}\right]^m \frac{g^{\prime}(x)}{h^{\prime}(x)}=1 x→0lim∫0h(x)tm dt∫0g(x)tm dt=x→0lim[h(x)g(x)]mh′(x)g′(x)=1 反例是怎么想到的呢?我们注意到证明的最后一步 l i m x → 0 [ g ( x ) h ( x ) ] m g ′ ( x ) h ′ ( x ) = 1 \mathop{\rm lim}\limits_{x \to 0} \left[\frac{g(x)}{h(x)}\right]^m \frac{g^{\prime}(x)}{h^{\prime}(x)} = 1 x→0lim[h(x)g(x)]mh′(x)g′(x)=1这里的 m m m是有限值,所以极限一定是1,那么如果是 1 ∞ 1^{\infty} 1∞的形式的话,这个极限就未必是1了,也就是说我们找的被积函数要比 x x x的任意有限阶次幂高阶才有可能行,而 l i m x → 0 e − 1 x 2 x n = 0 \mathop{\rm lim}\limits_{x \to 0} \frac{\mathrm{e}^{-\frac{1}{x^2}}}{x^n}=0 x→0limxne−x21=0(不论 n n n有多大),因此分子 e − 1 x 2 \mathrm{e}^{-\frac{1}{x^2}} e−x21作为被积函数是可能是反例。 总结变上限积分函数的等价无穷小代换是有前提的,不能“无脑”等价,尤其是在大题中如果出现抽象函数,更是要慎用变上限积分函数的等价无穷小代换。 |
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